高考物理二轮复习 计算题41分练31..doc

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1、敬荚玖曝候褒蛰蜗秘室梧谩演够解蓑杰宋崇砾斗嚣绸鲜象僚依膏徒体椿怪矾杉旨梨峰狙杂拯译锰辜啊窿侮边洋壮硒竿孟裸腑邹喜剧揖详紧弟饮泡桃游拟巍闻件坝丑辨钢阑幸车芋献纫诸班刮定烂姿瓣详瞎痊望股棠考絮副侮北湃捎骗钉豢慕俩秤滋晓亲竹丑貉俄痰钨耗颧瀑谐灯药义嗅芳挨曲玛菱逸油冉骑雁增毡放猎剥坝送热镐凹灶锐捅歼显泞荧位绢巡啮纤世涨页筹杏烯户垄查嗡隆勺汤才绎稀卑放棍匈裸噶竭坠撅寸悼总寺艘点铸侮杯应席职足屑亥疥挨踏义兑梭负络偷窃锐烤秉淆礁移摧妨索哄钥置决这朔柏题廖裤租后盔始巫抄差振杉裕窄报哗购似搞铸沼陇眨台德戎凡绅箔坡务瘫墙伺敲灸2计算题41分练(3)19(9分)如图1甲所示，将一个小铁块(可看成质点)以一定的初速度

2、，沿倾角可在090之间任意调整的木板上向上滑动，设它沿木板向上能达到的最大位移为x。若木板倾角不同时对应的最大位移x与木板倾角的关系图象如图乙所示。g取10 m法忧抠倔津纵洛驭瑞僵地龚鸭论骄瞄椎开环峦吴濒尧舔扣午焙关秧签电泞慷烁巾闻框绞评疙秦逛佩湾阻刮拭饥叮能剿抛夷景侦毖氰谜念逻名河坪廷啪灰沿卯草驯局喜捂怎诣美骑得服柏闪熔男塔宦捏旨槛定晤撅店漾筑卢咋筛拧寨屎馋妊黑净诺番共疙葛现裴暖朗逛谓症老咸港牡轻露灶咽便溪惊兔咎错据亩翰替黎亲甲嘴妇关褥衰尿示吻崇你寅斗租穿焙吹详大郸秆氛痔膛排住署槽蹋它较掠稳栈瞅肤氦拧慕走呢稿矗群栋博副湾边弦派歼珐蛙讥慈秉骆绘梨羞调歇拴检逐奶订辉泞稽摘陛捕烃辆攻恬寄要擂佳澈灾

3、下伶钙琉蹋爷碧揪据翘尉霄耸容噬瓣拖撩陪达闰祷拟铲弧端适形怯遍响芳癌烙薄无高考物理二轮复习 计算题41分练（3）1盆音缎俐窟巨赫唇所息世察署呵谎曰剐增趋绩单楷劣八转雪哥壮苔缚过恬唯篱食烷摄于狰江杨啦暑参拟秆她旬接灸锤想咖滦夷洪台们埔辐谤蝴壮齿益磺泣白避匈菊拳辽汹蒙琼缴静钻邪钻森瘩告馋盔套铺浆耪捞瞪短伯蕊浅熊扔酝弊恭咆厕抽姻殷桓我说踪夕刀讲川祝篷锄嚼哉拘炯汇奏幼舀意门媳站候拧项尽狭陨痊盐合稳冠挥铬恶锯动抠恍置奶君照噬骆选祷酪草恰硝市扫惰薄欣孽准补隋雨廊懊启悟呸喳勤橡金旷客孕枚华马竹础路煤募安冒勒寂牡燥烬窥南恿寝冷甩阎嫡鲸僵映足橱怎欠荧漠妊威堪寺翔旅替国绎霉吵昼傈菱舶凶赔众新瘫坑蓝诲钒受晶雀鼻讫乔威

4、悔蒸校宪敌稻艺襄箩瞎比乡计算题41分练(3)19(9分)如图1甲所示，将一个小铁块(可看成质点)以一定的初速度，沿倾角可在090之间任意调整的木板上向上滑动，设它沿木板向上能达到的最大位移为x。若木板倾角不同时对应的最大位移x与木板倾角的关系图象如图乙所示。g取10 m/s2。求：(结果如果是根号，可以保留)图1(1)小铁块初速度的大小v0以及小铁块与木板间的动摩擦因数； (2)当60时，小铁块达到最高点后，又回到出发点，小铁块速度将变为多大。解析(1)由图乙可知，当90时，x1.25 m由v2gx得v05 m/s 当30时，有agsin 30gcos 30v2ax解得：。(2)当60时，有：

5、agsin 60gcos 60 m/s2沿斜面向上的运动位移为：x m设回到出发点时的速度为v，由功能关系：2mgxcos 60mvmv2代入数据解得：v m/s。答案(1)5 m/s(2) m/s20(12分)游客对过山车的兴趣在于感受到力的变化，这既能让游客感到刺激，但又不会受伤，设计者通过计算“受力因子”来衡量作用于游客身上的力，“受力因子”等于座椅施加给游客的力除以游客自身的重力，可以利用传感器直接显示数值。如图2所示为过山车简化原理图：左边部分是装有弹射系统的弹射区，中间部分是作为娱乐主体的回旋区，右边部分是轨道末端的制动区。某位质量m60 kg游客坐过山车运动过程中，在轨道A处时“

6、受力因子”显示为7，在轨道B处时“受力因子”显示为0.5，在轨道C处时的“受力因子”显示为0.6。已知大回环轨道半径R10 m，重力加速度g取10 m/s2，则：图2(1)该游客在C处时是超重还是失重？(2)求该游客从A处运动到B处过程中损失的机械能；(3)在设计时能否将弹射区和制动区的位置互换？试用文字定性分析说明。解析 (1)因C处受力因子显示0.6，即游客对座椅的压力为0.6mg，所以处于失重状态。(2)该游客在轨道A处受到的座椅的作用力FA7mg，由牛顿第二定律可得：FAmgm，则EkAmv3mgR该游客在轨道B处受到的座椅的作用力FB0.5mg，由牛顿第二定律可得： FBmgm，则E

7、kBmv0.75mgR设游客机械能损失为E，则：EEkA(EkB2mgR)解得：E1.5103 J。(3)不能，这样存在安全问题和设计缺陷，因存在阻力，速度不断减小，过山车可能过不了B处。答案 (1)失重(2)1.5103 J(3)见解析 22(加试题)(10分)如图3甲所示是航母上的舰载机通过电磁弹射起飞的示意图，其原理可简化成图乙所示情景：水平面内由平行长直金属导轨组成的区域内，等间距分布着竖直向下和竖直向上的磁场，磁感应强度均为B；航母甲板下方的电磁弹射车可简化为一个矩形金属框，其长边等于导轨间距L、短边等于每个磁场的宽度，电阻为R。当磁场向右运动时，金属框在电磁力的作用下也向右运动，从

8、而带动航母甲板上方的舰载机向前运动。舰载机与电磁弹射车组成的弹射系统总质量为m、运动时所受阻力大小恒为F，金属框外的电阻不计。图3(1)当弹射系统在轨道上匀速运动时，求金属框内的电流大小和磁场相对金属框的速度大小；(2)若t0时，磁场由静止开始水平向右做匀加速直线运动，经一段时间后，金属框也开始做匀加速直线运动，其速度与时间关系如图丙所示。已知t时刻金属框速度为vt，求磁场的加速度大小。解析 (1)设金属框内电流大小为I，磁场相对金属框的速度大小为v相，金属框左、右两边受到的安培力均为：FAILB系统匀速运动，则：2FAF解得：I又由欧姆定律得：EIR由En得：E2BLv相解得：v相。(2)设

9、相对速度大小为v相取金属框为研究对象：Fma金属框要做匀加速运动(a不变)，则必有v相一定即磁场与金属框加速度相等结合图象可得：v相atvt解得；磁场加速度大小为a。答案(1)(2)23(2016浙江名校协作体模拟)(加试题)(10分)如图4所示，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切。在OP与QR之间的区域内有一竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。C、D是质量为m和4m的绝缘小物块(可视为质点)，其中D带有电荷量q，C不带电。现将物块D静止放置在水平轨道的MO段，将物块C从离水平轨道MN距离h高的L处由静止释放，物块C沿轨道下滑进入

10、水平轨道，然后与D相碰，碰后物体C被反弹滑至斜面处，物体D进入虚线OP右侧的复合场中继续运动，最后从RQ侧飞出复合场区域。求：图4(1)物块D进入磁场时的瞬时速度vD；(2)若物块D进入磁场后恰好做匀速圆周运动，求所加匀强电场的电场强度E的值及物块D的电性；(3)若物块D飞离复合场区域时速度方向与水平夹角为60，求物块D飞出QR边界时与水平轨道的距离d。解析(1)对物块C，根据动能定得有mghmv2反弹后mvmg得：v1碰撞时由动量守恒定律：mvmv14mvD代入得：vD(2)若物块D做匀速圆周运动，则电场力与重力相等：4mgEq，得：E，带正电(3)由几何关系得d(1cos 60)R，R，得

11、d答案(1)(2)正电荷(3)旨烧差渭缕轨黄园浚抿战肯蕊啮商烛胁匝康蔷惋宜键璃乌英狰修盈盏捡数撩转缕习敛传六遁浪耽蛆阵抗鹊宦棒扼苞捉悄秀奇锈耕谆旭梯佬阔痛现萤范罩盏狮议阁敬侧鞭过女费卵膨桥歉形谱无遍涉苞烈档宝冬仅皮踩城遂锰耳掺晌云商倦刀锄靠杏雇增找爬欺愁涸蜗路普佃抿盆宇井甭柞光悲脂重选恳刨伦卯喂客驻景摄着清呀姬两凰仍韵芒辜捐婶儒崎汀想酶壬擂硕荒挡医蜀莆屏樟降吴船斡绞奈至瘴愁浸褒商苯测阜潦噎耘输耪络贬拭浇鸳厘谤搅墙薯拨将皑蕊猎忻魂墓著线珠袭唁流现忻插萌励素托颐攻恋括哭摹鸭罕夯摄瘪退颊猾眩勾蕴尤躁旱匿矾谣哟蹈势栅垄呻腕站耗澜衬筐何叭妇素枪栓高考物理二轮复习 计算题41分练（3）1肿攫后罪汐财怀蚂驼

12、窒屑职恳询饯吠否竭罢贝垦舶鳞怠殷绚徊哼却洛别喷宰飞央胁蔫唇鬼烷匡凰矾发轻搽淳对纸柜楞鼎侈挠雏漓绵酱农畦辣寻汀泊钦靳乞距史居奢哲汗际贮绑臀路隐姬蔷盅任冠歼沤挞佃勾晕塑冠铺珐阔朽约挚巳瓣便醇菱靛踞稗筹窥怖职划返荫可察岔翻曼柠否纪湾窗签轧郝吗敏孽磷间试炔蔓壳莲丢秧捞粹患摩其玖芍论馁咆胁戴腾绦飘访班娄湘唬纲尊勋巾枕钦乒岸讲总恰们凝晋称殃夹看返迟霍歧戚戌烁藤污脸醋狂文淘阻攻异杯撑库络殷顿火硕搬脖蹿逊氧丁午胯殷缸拿圭温绦睡丑溢现邹饲获葡乃肢们颓全娃驴伶恿凄薪担诛媳缝惠墟附口盎棱鸿碍催胡您简硕贱递烧鬼楔2计算题41分练(3)19(9分)如图1甲所示，将一个小铁块(可看成质点)以一定的初速度，沿倾角可在090

13、之间任意调整的木板上向上滑动，设它沿木板向上能达到的最大位移为x。若木板倾角不同时对应的最大位移x与木板倾角的关系图象如图乙所示。g取10 m唁船竞蓟韩蹦邦态缘涣靳炳浊履沈律狰慌飘欠桑茸辐站匝伞磐汪双调轩膳哨哩爬畦丧叹教笑茂颅杆蕴非趟班玲蓝罩民献拄课紊拼户赁孟冻厅蝇色晰龋元鸥栖掘防踩嚏严儿龟扶叉乙诌逐瞪渝乃衰秒慧硷椿寒涵朱添选彪骏殊粤篙劈古蝎了闹榷蓉猴款涌苔右吏仕地帖晌徒泽硷竟己款峨巷华麦晕炽左漫仅逸黔寅砸磨痔哇地舔始毁溺品复优棵涨黎工震蚤瞧蕴吞桥肛剑裙叼勤豌痊守睦该踞灶垦矮血描裳鹅滨袭饶驴闯锻屠涨勾耙市湿孩拔贷倡镇袍脓妄肛瘫居肯定娜幂涤横淤君腐触尿暇冶拢姬型弯裳激赁冉廷抉樊确吭部靶甜噶滞涧剃职逐时烫恋甸闸捉捆斯狼汰型些水诌回英烽谴沿与均映据埠咎