《力学》漆安慎答案07章.docx

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1、力学漆安慎答案07章第七章 刚体力学 力学漆安慎习题解答 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 第七章 刚体力学 一、基本知识小结 刚体的质心 rr定义：rc=miri/mrrrc=rdm/dm 求质心方法：对称分析法，分割法，积分法。 刚体对轴的转动惯量 定义：I=miri2I=r2dm 平行轴定理 Io = Ic+md2 正交轴定理 Iz = Ix+Iy. 常见刚体的转动惯量：刚体的动量和质心运动定理 rrrrp=mvcF=mac 刚体对轴的角动量和转动定理 L=Iwt=Ib Ep=mgyc 刚体的转动动能和重力势能 2Ek=12Iw刚体的平面运动=随质心坐标系的平动+绕质心坐标系的转动

2、rr动力学方程：F=mactc=Icbc 1动能：Ek=12mvc+2Icwc 22刚体的平衡方程 rF=0， 对任意轴 t=0 2 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 二、思考题解答 7.1 火车在拐弯时所作的运动是不是平动？ 答：刚体作平动时固联其上的任一一条直线，在各时刻的位置始终彼此平行。若将火车的车厢看作一个刚体，当火车作直线运行时，车厢上各部分具有平行运动的轨迹、相同的运动速度和加速度，选取车厢上的任一点都可代替车厢整体的运动，这就是火车的平动。但当火车拐弯时，车厢上各部分的速度和加速度都不相同，即固联在刚体上任一条直线，在各时刻的位置不能保持彼此平行，所以火车拐弯时的运动不是平

3、动。 7.2 对静止的刚体施以外力作用，如果合外力为零，刚体会不会运动？ rrF=mac=0答：对静止的刚体施以外力作用，当合外力为了零，即i时，刚体的质心将保持静止，但合外力为零并不表明所有的外力都作用于刚体的同一点。所以，对某一确定点刚体所受合外力的力矩M=Mi=riFi不一定为零。由刚体的转动定律M=Ja可知，刚体将发生转动。比如，置于光滑水平面上的匀质杆，对其两端施以大小相同、方向相反，沿水平面且垂直于杆的两个作用力时，杆所受的外力的合力为零，其质心虽然保持静止，但由于所受合外力矩不为零，将作绕质心轴的转动。 7.3 如果刚体转动的角速度很大，那么作用在它上面的力是否一定很大？作用在它

4、上面的力矩是否一定很大？ dwM=riFisinqi=Ja=Jdt可知，刚体受对轴的合外答：由刚体的定轴转动定律力矩正比于绕定轴转动角速度的时间变化率。因此，刚体转动的角速度很大，并不意味这转动角速度的时间变化率也很大，所以， F刚体定轴转动的角速度w很大，与其受力i没有直接关系。对于刚体的一般运动，所受合外力使刚体的质心产生加速度，即改变刚体的平动状态。 刚体定轴转动的角速度w很大，与其受到对定轴的力矩M的大小也没有直接关系。合外力矩使刚体产生角加速度，改变刚体的转动状态。 7.4 为什么在研究刚体转动时，要研究力矩作用？力矩和哪些因素有关？ 答：一个静止的刚体能够获得平动的加速度而运动起来

5、的原因是，相对它的质心而言，所受的合外力不为零。一个静止的刚体相对某一转动，能够获得角加速度而转动起M来的原因是，刚体所受到的外力对转轴的合外力矩i不为零。因此，刚体的转动是与其受到的相对转轴的合外力矩密切相关的。取z轴为刚体转动的固定轴时，对转动有M=MM=Friisinq，Fi是作用在刚体上的第i个外力在贡献的合外力矩是ziz，其中izrFrF转动平面内的分量，而i是由转轴到i的作用点的距离，q是i和i间由右手F定则决定的夹角。所以，对z轴的力矩不但与各外力在转动平面内分量的大小i有关，d=rsinqF还与i的作用线与z轴的垂直距离ii的值有关。 3 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案

6、7.5试证：匀质细棒在光滑平面上受到一对大小相等、方向相反的作用力作用时，不管力作用在哪里，它的质心加速度总是零。 答：匀质刚性细棒可以看作在运动中保持相对位置不变的质点系，其质心遵守运动定律rF=maici .当该棒受大小相等方向相反的作用力时，质心所受合力与各个力的作用点无关，加速度总为零。 7.6 在计算物体的转动惯量时，能把物体的质量集中的质心处吗？ 答：物体的转动惯量时物体转动惯性大小的量度。影响转动惯量的因素有：物体的总质量、物体质量的分布以及转轴的位置。同一物体对质心轴和任意轴的转动惯量是不同的。所以，在计算物体的转动惯量时，不能简单地把物体的质量看作集中在质心处。 7.7 两个

7、同样大小的轮子，质量也相同。一个轮子的质量均匀分布，另一个轮子的质量主要集中在轮缘，问：如果作用在它们上面的外力矩相同，哪个轮子转动的角加速度较大？如果它们的角加速度相等，作用在哪个轮子上的力矩较大？如果它们的角动量相等，哪个轮子上的力矩较大？ 答：质量相等、大小相同的轮子，由于质量分布情况的不同而使得它们对同一转轴的转动惯量不同。由转动惯量的意义J=r2dm可知，质量主要集中在轮缘的轮子，其转动惯量较大。由定轴的转动定律M=Ja和角动量L=Jw，可知： M相同时，物体所获得的角加速度大小与转动惯量成反比，故质量均匀分布的轮子转动的角加速度较大； 角加速度相等时，转动惯量大的轮子上作用的力矩也

8、大，故质量主要集中在轮缘的轮子受到的力矩较大； 两轮的角动量相等时，两轮的角速度与它们的转动惯量成反比，故质量均匀分布的轮子转动的角速度较大转的较快。 7.8 一个转动着的飞轮，如不供给它能量，最终将停下来。试用转动定律解释这个现象。 答：一个转动着的飞轮，如不供给它能量，最终必将停下来，这是由于飞轮在转动过程中受到各种对转轴的阻力矩作功的缘故。根据动能定理A=DEK可知，阻力矩的功使飞轮的转动动能减小，使它最终停下来 。 7.9、什么是刚体？ 答：一般假定物体无论受多大外力或转动得多快都不变形，并称这样的物体为刚体。刚体是力学中关于研究对象的另一个理想模型 7.10、什么是刚体的平动？其动力

9、学方程为何？ 答： 如果在运动中，刚体上任意两质元连线的空间方向始终保持不变，这种运动就称为刚体的平动。例如电梯的升降、活塞的往返等都是平动。 rrrrp=mvcF=mac动力学方程为： 4 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 7.11、什么是刚体的定轴转动？其动力学方程为何？答：如果刚体上各质元都绕同一直线作圆周运动就称为刚体转动，这条直线称为转轴，转轴固定于参考系的情况称为定轴转动。 答：刚体定轴轴的角动量L=Iw 转动定理 t=Ib 7.12刚体的定轴转动的动能和重力势能为何？ 答：刚体绕固定轴转动的动能等于刚体对此轴的转动惯量与角速度平方乘积之半 2Ek=1Iw2Ep=mgyc重力势

10、能： 7.13、转动惯量的大小和什么有关？ 答：刚体的转动惯量决定于刚体各部分质量距转轴远近及质量的分布情况。 7.14、什么是平行轴定理和垂直轴定律？ 平行轴定理：设刚体绕通过质心转轴的转动惯量为 Ic ，将轴朝任何方向平行移动一个距离 d ，则绕此轴的转动惯量 ID为 ID=Ic+md2 垂直轴定理：设刚性薄板平面为 xy 面，z 轴与之垂直，则对于任何原点O绕三个坐标轴的转动惯量分别为 应用它很容易求出圆环或圆盘绕直径的转动惯 2I=myxiii2Iz=Ix+IyIy=mixiiI=m(x2+y2)ziiii 7.15、什么是刚体平面运动？刚体平面运动的动力学方程为何？其机械能为何？ 答

11、：刚体的平面运动=随质心坐标系的平动+绕质心坐标系的转动 rrF=matc=Icbc c动力学方程： 动能：1Ek=12mvc+2Icwc227.16、刚体平衡的条件是什么？ r刚体的平衡方程 F=0， 对任意轴 t=0 5 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 三、习题解答 7.1.1 设地球绕日作圆周运动.求地球自转和公转的角速度为多少rad/s?估算地球赤道上一点因地球自转具有的线速度和向心加速度.估算地心因公转而具有的线速度和向心加速度. 解 答 2pw自=7.2710-5(rad/s)243600 2pw公=2.0410-7(rad/s)365243600 n=Rw自 an=n2R=

12、w2R7.1.2 汽车发动机的转速在12s内由1200rev/min增加到3000rev/min.假设转动是匀加速转动，求角加速度。在此时间内，发动机转了多少转？ 解：b=Dq=DwDt=(3000-1200)2p/6012=15.7rad/s2 =26.39102rad w2-w022b(30002-12002)(2p/60)2215.7q对应的转数=D2p=26.3923.14102420 7.1.3 某发动机飞轮在时间间隔t内的角位移为q=at+bt3-ct4(q:rad,t:s)。 求t时刻的角速度和角加速度。 解：w=dqdt=a+3bt2-4ct3b=dwdt=6bt-12ct2

13、7.1.4 半径为0.1m的圆盘在铅直平面内转动，在圆盘平面内建立o-xy坐标系，原点在轴上，x和y轴沿水平和铅直向上的方向。边缘上一点A当t=0时恰好在x轴上，该点的角坐标满足=1.2t+t2 (:rad,t:s)。t=0时，自t=0开始转45时，转过90时，A点的速度和加速度在x和y轴上的投影。 解：w=dqdt=1.2+2tb=dwdt=2.0 t=0时，w=1.2,vx=0vy=wR=1.20.1=0.12m/s ax=-an=-vy/R=-0.122/0.1=-0.144m/s2ay=at=bR=2.00.1=0.2m/s22=/4时,由=1.2t+t2,求得t=0.47s,=1.2

14、+2t=2.14rad/s 6 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 vx=-wRcos45=-2.140.12/2=-0.15m/svy=wRsin45=2.140.12/2=0.15m/sax=-bRcos45-w2Rcos45=-Rcos45(b+w2)=-0.1=0.12222(2.0+2.142)=-0.465m/s222ay=bRsin45-wRsin45=Rsin45(b-w)(2.0-2.142)=-0.182m/s2=/2时,由=1.2t+t2,求得t=0.7895s,=1.2+2t=2.78rad/s vx=-wR=-2.780.1=-0.278m/svy=0ax=-bR=

15、-2.00.1=-0.2m/s2ay=-w2R=-2.7820.1=-0.77m/s27.1.5 钢制炉门由两个各长1.5m的平行臂AB和CD支承，以角速率=10rad/s逆时针 转动，求臂与铅直成45时门中心G的速度和加速度。 解：因炉门在铅直面内作平动，所以门中心G的速度、加速度与B点或D点相同，而B、 D两点作匀速圆周运动,因此 vG=vB=wAB=101.5=15m/s， 方向指向右下方，与水平方向成45； aG=aB=w2AB=1021.5=150m/s2， 方向指向右上方，与水平方向成45 7.1.6 收割机拨禾轮上面通常装4到6个压板，拨禾轮一边旋转，一边随收割机前进。压板转到下

16、方才发挥作用，一方面把农作物压向切割器，一方面把切下来的作物铺放在收割台上，因此要求压板运动到下方时相对于作物的速度与收割机前进方向相反。 已知收割机前进速率为1.2m/s，拨禾轮直径1.5m，转速22rev/min,求压板运动到最低点挤压作物的速度。 解：拨禾轮的运动是平面运动，其上任一点的速度等于拨禾轮轮心C随收割机前进的平动速度加上拨禾轮绕轮心转动的速度。压板运动到最低点时，其转动速度方向与收割机前进速度方向相反，压板相对地面的速度 22.5v=vc-wR=1.2-2p6012=-0.53m/s 负号表示压板挤压作物的速度方向与收割机前进方向相反。 7 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答

17、案 7.1.7飞机沿水平方向飞行，螺旋桨尖端所在半径为150cm，发动机转速2000rev/min. 桨尖相对于飞机的线速率等于多少？若飞机以250km/h的速率飞行，计算桨尖相对地面速度的大小，并定性说明桨尖的轨迹。 解：桨尖相对飞机的速度： v=wr=20002p601.5=314m/s vvv桨尖相对地面的速度：v=v+v机地，飞机相对地面的速度与螺旋桨相对飞机的速度总是垂直的，v机地=2501036060=69.4m/s 所以，v=v2+v机地2=3142+69.42321.6m/s 显然，桨尖相对地面的运动轨迹为螺旋线 7.1.8桑塔纳汽车时速为166km/h，车轮滚动半径为0.26

18、m，发动机转速与驱动轮转速比为0.909, 问发动机转速为每分多少转？ 解：设车轮半径为R=0.26m，发动机转速为n1, 驱动轮转速为n2, 汽车速度为 v=166km/h。显然，汽车前进的速度就是驱动轮边缘的线速度， v=2pRn2=2pRn1/0.909，所以： n1=0.909v2pR=0.90916610323.140.26=9.24104rev/h=1.54103rev/min 7.2.2 在下面两种情况下求直圆锥体的总质量和质心位置。圆锥体为匀质； 密度为h的函数：=0,0为正常数。 解：建立图示坐标o-x,据对称性分析，质心必在x轴上,在x坐标处取一厚为dx的质元 dm=r2d

19、x，r/a=x/L，r=ax/L dm=a2x2dx/L2 圆锥体为匀质，即为常数， 总质量：m=dm=rpa2L2L0x2dx=1rpa2L 32xdmrpaxdx/L质心：xc=dm=rpa2L/3=h-x)=r0(1-LL)=r=r0(1-L233L3L0 x3dx=34Lr0Lx 总质量：m=dm=xdm质心：xc=dm=4L4r0pa2LL3L0x3dx=1r0pa2L 404x4dx=5L 8 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 7.2.3 长度为L的匀质杆，令其竖直地立于光滑的桌面上，然后放开手，由于杆不可能绝对沿铅直方向，故随即到下。求杆子的上端点运动的轨迹。 解：设杆在o-

20、xy平面内运动。因杆在运动过程中，只受竖直向上的支承力和竖直向下的重力的作用，在水平方向不受外力作用，vcx=0,acx=0，即质心C无水平方向的移动，只能逆着y轴作加速直线运动，直到倒在桌面上。 取杆的上端点的坐标为x,y，匀质杆的质心在其几何中心，由222图示的任一瞬间的几何关系可知：4x+y=L(x0,y0) 7.3.1 用积分法证明：质量为m常为l的匀质细杆对通过中心且与杆垂直的轴线的转1ml2；用积分法证明：质量为m半径为R的匀质薄圆盘对通过中心且动惯量等于122在盘面内的轴线的转动惯量等于14mR y mldm=dx，证明：取图示坐标，在坐标x处取一线元，2它对y轴的转动惯量为：d

21、I=mlxdx， 整个细杆对y轴的转动惯量： -l/2 dx x l/2 R 112l/2I=ml-l/2x2dx=m3lx|3l/2-l/2=m3l(+)=l8l833ml 2 x x 在坐标x处取细杆状质元， 22222mdm=pmR-xdx=R-xdx 222RpR221dm(2R2-x2)2=1它对x轴的转动惯量：dI=123dm(R-x)=2m3pR2(R2-x2)3/2dx R整个圆盘对x轴的转动惯量：I=2m3pR2-R(R2-x2)3/2dx 为了能求出积分，作如下变换：x=Rcosq,dx=-Rsinqdq (R2-x2)3/2=(R2-R2cos2q)3/2=(R2sin2

22、q)3/2=R3sin3q 0代入上式：I=2m3pR2pRsinq(-Rsinqdq)=332mR23pp4sinqdq 01-cos2q1+cos2q ,cos2q=224222qsinq=(1-cos)=1q+cos2q)24(1-2cos2 1+cos4q131=1(1-2cos2q+)=(-2cos2q+cos4q)42422据三角函数公式：sin2q=I=2mR23pmR26p14(-2cos2q+cos4q)dq=3212mR26ppp3p1dq-cos2qd2q+cos4qd4q280001(3p-sin2q|pq|p0+8sin40)2=1mR24 9 第7章 刚体力学 力学

23、漆安慎课后答案 7.3.2 图示实验用的摆，l=0.92m,r=0.08m,ml=4.9kg,mr=24.5kg,近似认为圆形部分为匀质圆盘，长杆部分为匀质细杆。求对过悬点且与盘面垂直的轴线的转动惯量。 解：摆对o轴的转动惯量I等于杆对o轴的转动 惯量Il加上圆盘对o轴的转动惯量Ir，即I=Il+Ir.根据 平行轴定理 Il=Ir=mrr2+mr(l+r)22221I=1ml+mr+m(l+r)lrr322221=14.90.92+24.50.08+24.5(0.92+0.08)32112122l2mll2+ml(2)=13mll,=26kgm27.3.3 在质量为M，半径为R的匀质圆盘上挖出

24、半径为r的两个圆孔，圆孔中心在半径R的中点，求剩余部分对过大圆盘中心且与盘面垂直的轴线的转动惯量。 解：大圆盘对过圆盘中心o且与盘面垂直的轴线的转动惯量为 2I=12MR.由于对称放置，两个小圆盘对o轴的转动惯量相等，设为I，圆盘 质量的面密度=M/R2，根据平行轴定理， 222R2 I=12(spr)r+(spr)(2)=Mr42R22+14Mr 设挖去两个小圆盘后，剩余部分对o轴的转动惯量为I” 2I=I-2I=12MR-Mr4R2222421-12Mr=2M(R-r-2r/R) 7.3.5一转动系统的转动惯量为I=8.0kgm2，转速为=41.9rad/s，两制动闸瓦对轮的压力都为392

25、N，闸瓦与轮缘间的摩擦系数为=0.4，轮半径为r=0.4m，问从开始制动到静止需多长时间？ 闸瓦 解：由转动定理： 3920.4t=Ib,b=tI=20.4=15.68rad/s 8.0制动过程可视为匀减速转动，b=Dw/Dt 闸瓦 Dt=Dw/b=41.9/15.68=2.67s 7.3.6 匀质杆可绕支点o转动，当与杆垂直的冲力作用某点A时，支点o对杆的作用力并不因此冲力之作用而发生变化，则A点称为打击中心。设杆长为L，求打击中心与支点的距离。 解：建立图示坐标o-xyz,z轴垂直纸面向外。 据题意，杆受力及运动情况如图所示。由质心运动定理： N-mg=0,F=mac=mL2b2由转动定理

26、；F0A=Iob=13mLb(1) (2) 把代入中，可求得 oA=23L 10 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 7.3.7 现在用阿特伍德机测滑轮转动惯量。用轻线且尽可能润滑轮轴。两端悬挂重物质量各为m1=0.46kg，m2=0.5kg，滑轮半径为0.05m。自静止始，释放重物后并测得0.5s内m2下降了0.75m。滑轮转动惯量是多少？ 解： 隔离m2、m1及滑轮，受力及运动情况如图所示。对m2、m1分别应用牛顿第二定律：m2g-T2=m2a(1);T1-m1g=m1a(2) 对滑轮应用转动定理：(T2-T1)R=Ib=Ia/R 2质点m2作匀加速直线运动，由运动学公式：Dy=12at

27、， a=2Dy/t2=20.75/5.02=0.06m/s2 由 、可求得 T2-T1=(m2-m1)g-(m2+m1)a,代入中，可求得 I=(m2-m1)g/a-(m2+m1)R2，代入数据： I=(0.049.8/0.06-0.96)0.052=1.3910-2kgm2 7.3.8斜面倾角为，位于斜面顶端的卷扬机鼓轮半径为R，转动惯量为I，受到驱动力矩，通过绳所牵动斜面上质量为m的物体，物体与斜面间的摩擦系数为，求重物上滑的加速度，绳与斜面平行，不计绳质量。 解：隔离鼓轮与重物，受力分析如图，其中T为绳中张力，f=N为摩擦力，重物上滑加速度与鼓轮角加速度的关系为a=R 对重物应用牛二定律

28、： T- N- mgsin=ma, N=mgcos，代入前式，得 T- mgcos- mgsin=ma 对鼓轮应用转动定理：- TR=I=Ia/R 由联立，可求得重物上滑的加速度： a=tR-R2mg(mcosq+sinq)I+mR2 11 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 7.3.9利用图中所示装置测一轮盘的转动惯量，悬线和轴的垂直距离为r，为减小因不计轴承摩擦力矩而产生的误差，先悬挂质量较小的重物m1，从距地面高度为h处由静止开始下落，落地时间为t1，然后悬挂质量较大的重物m2，同样自高度h处下落，所需时间为t2，根据这些数据确定轮盘的转动惯量，近似认为两种情况下摩擦力矩相等。 解：隔

29、离轮盘与重物，受力及运动情况如图示：f为摩擦力矩，T为绳中张力，a=r r 对轮盘应用转动定理： T1r-tf=Ib1，T2r-tf=Ib2，两式相减，得： m1,m2 h (T2-T1)r=I(b2-b1),I=(T2-T1)r/(b2-b1) 对重物应用牛顿二定律： m1g-T1=m1a1=m1rb1,m2g-T2=m2a2=m2rb2，两式相减，可 f T r T mg a 得：T2-T1=(m2-m1)g-r(m2b2-m1b1)，代入中，可得： I=(m2-m1)gr-(m2b2-m1b1)r2/(b2-b1) 1由运动学公式：h=12a1t1=2a2t2,a1=2h/t1, 222

30、 a2=2h2h2h，将角加速度代入中，得： ,b=,b=12222t2rt1rt2I=(m2-m1)gr-(m22hrt22222hrt221-m12hrt12)r222h-rt22(m2-m1)gr-2hr2(m2/t2-m1/t1)2h(t1-t2)/(t1t2)2222(m2-m1)gr2t1t2-2hr2(m2t1-m1t2)2h(t1-t2)222227.4.1 扇形装置如图，可绕光滑的铅直轴线o转动，其转动惯量为I.装置的一端有槽，槽内有弹簧，槽的中心轴线与转轴垂直距离为r。在槽内装有一小球，质量为m，开始时用细线固定，使弹簧处于压缩状态。现在燃火柴烧断细线，小球以速度v0弹出。

31、求转动装置的反冲角速度。在弹射过程中，由小球和转动装置构成的系统动能守恒否？总机械能守恒否？为什么？ 解：取小球、转动装置构成的物体系为研究对象。在弹射过程中，物体系相对竖直轴o未受外力距作用，故物体系对转轴o的角动量守恒，规定顺时方向为正，有 Iw-rmv0=0w=rmv0/I 在弹射过程中，物体系动能不 守恒，因弹力做正功使动能增加； 总机械能守恒，因为只有保守内力做功。 12 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 7.4.2 质量为2.97kg，长为1.0m的匀质等截面细杆可绕水平光滑的轴线o转动，最初杆静止于铅直方向。一弹片质量为10g，以水平速度200m/s射出并嵌入杆的下端，和杆一

32、起运动，求杆的最大摆角. 解：将子弹、杆构成的物体系作为研究对象， 整个过程可分为两个阶段研究： 第一阶段，子弹与杆发生完全非弹性碰撞， 获得共同的角速度，此过程时间极短，可认 为杆原地未动。由于在此过程中，外力矩为零， 221因此角动量守恒，mvl=ml2w+13Mlw=(m+3M)lww=mv(m+M/3)l=0.01200(0.01+2.97/3)1.0=2.0rad/s 第二阶段，子弹与杆以共同的初角速度摆动到最大角度，由于在此过程中，只有重力做功，所以物体系的机械能守恒，物体系原来的动能等于重力势能的增量： 1222l(m+1M)lw=mgl(1-cosq)+Mg32(1-cosq)

33、(m+M/3)l(2m+M)gcosq=1-w=1-2(0.01+2.97/3)1.02.02(20.01+2.97)9.80.8635=3034 7.4.3一质量为m1，速度为v1的子弹沿水平面击中并嵌入一质量为m2=99m1，长度为L的棒的端点，速度v1与棒垂直，棒原来静止于光滑的水平面上，子弹击中棒后共同运动，求棒和子弹绕垂直与平面的轴的角速度等于多少？ 解：以地为参考系，把子弹和棒看作一个物体系，棒嵌入子弹后作平面运动，可视为随质心C的平动和绕质心C的转动，绕质心C转动的角速度即为所求。 据质心定义: m1COm1+m2CO+CA100L=,=,=，m2CAm2CA992CAA m2,

34、L CA=99L/200=0.495L,CO=0.5L-0.495L=0.005L 1m2L2+m2CO2)w 据角动量守恒：m1v1CA=(m1CA2+12v1 C O 1m1v10.495L=m1(0.4952+1299+990.0052)L2w0.495v1=(0.4952+99/12+990.0052)Lw w=0.058v1/Lm1 7.5.1 10m高的烟囱因底部损坏而倒下来，求其上端到达地面时的线速度，设倾倒时，底部未移动，可近似认为烟囱为匀质杆。 解：设烟囱质量为m，高为h，质心高度hC=h/2，对转轴的转动惯量2211I=12mh2+m(h2)=3mh，倒在地面上时的角速度为

35、 由机械能守恒： 222h11mghC=13g/h 2Iw,mg2=23mhw,w=上端点到达地面时的线速度： v=wh=3gh=39.810=17.2m/s 13 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 7.5.2 用四根质量各为m长度各为l的匀质细杆制成正方形框架，可绕其中一边的中点在竖直平面内转动，支点o是光滑的。最初，框架处于静止且AB边沿竖直方向，释放后向下摆动，求当AB边达到水平时，框架质心的线速度vc及框架作用于支点的压力A N. o 解：先求出正方形框架对支点o的转动惯量： l2Io=Ic+4m(2)=Ic+ml2B 732Ic=4(ml+m)=mlIo=ml112432l242

36、B A Ep=0设AB边达到水平位置时，框架的角速度为，据机械能守恒定律： 222l174mg2=1Iw=(ml)w 2o2312g7lw=,vc=12lw=37gl AB边在水平位置时，框架所受到的向上的支撑力N和向下的重力W的作用线均通过支点o，对o轴的力矩为零，据转动定理，框架的角加速度为零，ac=2l/2=6g/7，方向向上。规定向上方向为正，对框架应用质心运动定理： 663N-4mg=4mac=4m7gN=4mg(1+7)=77mg 据牛顿第三定律，支点受到的压力，大小等于N，方向向下。 7.5.3由长为l，质量为m的匀质细杆组成正方形框架，其中一角连于水平光滑转轴O，转轴与框架所在

37、平面垂直，最初，对角线OP处于水平，然后从静止开始向下自由摆动，求OP对角线与水平成45时P点的速度，并求此时框架对支点的作用力。 解：先求出框架对O轴的转动惯量：据平行轴定理， 2221011I=IC+4mOC2=4(12ml2+m1l)+4m(l)=ml 432设对角线OP转过45后框架的角速度为，且势能为零，由机械能守恒： 2224mg(l2sin45)=12mgl=52Iw,3mlw w2=6g5l,w=6g5l,vp=w2l=235gl 设支点O对框架的作用力为N，由定轴转动定理：= I， t4mgsin45l/23gl3g32b=,a=b=g质心tI5l1010ml2/32526g

38、l6g的法向加速度 an=w2OC= =5l252方向应用质心运动定理：Nn-4mgcos45=4man， 在n24222)mg=2mg 52552在t方向应用质心运动定理：Nt+4mgsin45=4mat 364Nt=4m2g-22mg=(-2)2mg=-2mg 1055Nn=22mg+4m=(22+N=Nt+Nn=2232256g+222225mg=6.32mg，设与-t方向夹角为， q=arctg|Nn/Nt|=arctg5.5=79.7 14 第7章 刚体力学 力学漆安慎课后答案 7.5.4 质量为m长为l的匀质杆，其B端放在桌上，A端用手支住，使杆成水平。突然释放A端，在此瞬时，求：

39、杆质心的加速度，杆B端所受的力。 解：以支点B为转轴，应用转动 2l=1定理：mg23mlbb=3g2l，质心加速度 ac=bl2=34g，方向向下。 设杆B端受的力为N，对杆应用 质心运动定理：Ny=0， Nx - mg = - m ac , Nx = m(g ac) = mg/4 N = mg/4，方向向上。 7.5.5 下面是匀质圆柱体在水平地面上作无滑滚动的几种情况，求地面对圆柱体的静摩擦力f. 沿圆柱体上缘作用一水平拉力F,柱体作加速滚动。 水平拉力F通过圆柱体中心轴线，柱体作加速滚动。 不受任何主动力的拉动或推动，柱体作匀速滚动。 在主动力偶矩的驱动下加速滚动，设柱体半径为R。 解：规定前进方向和顺时针方向为正方向。假设静摩擦力方向向后，其余受力情况如图所所示。对每种情况，都可以根据质心定理、绕 质心轴的转动定理和只滚不滑条件，建立三个方程求解。 2mRb,ac=bR F-f=mac,(F+f)R=12可求得f = - F/3,负号说明静摩擦力方向与假设方向相反，应向前。 2F-f=mac,fR=12mR