高三一轮复习生物：第15讲基因的自由组合定律ppt课件.ppt

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1、,第五单元遗传的基本规律和伴性遗传,第15讲基因的自由组合定律,考点一两对相对性状的遗传实验分析,1发现问题两对相对性状的杂交实验,发现问题,实验过程,结果分析,P 黄色圆粒 x 绿色皱粒F1 黄色圆粒F2 9黄色圆粒：3黄色皱粒：3绿色圆粒：1绿色皱粒,F1全为黄色圆粒，表明粒色中黄色是显性性状，粒形中圆粒是显性性状；,F2中出现了不同性状之间的重新组合,F2中4种表现型的分离比约为9:3:3:1,提醒,在两对相对性状的杂交实验中，F2中并非出现了“新性状”,在两对相对性状的杂交实验中，F2中出现了新的表现型，但并未出现新性状，新表现型的出现是原有性状重新组合的结果,2提出假说对自由组合现象

2、的解释,提出假说,理论解释,两对相对性状分别由两对遗传因子控制,F1产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以自由组合,F1产生的雌配子和雄配子各有4种，且各种类型的雌配子或雄配子数量比相等,受精时，雌雄配子的结合是随机的,遗传图解,P YYRR黄色圆粒 x yyrr绿色皱粒F1 YyRr黄色圆粒F2 黄圆：Y_R_ 9/16 黄皱：Y_rr 3/16 绿圆：yyR_3/16 绿皱：yyrr1/16,提出假说,结果分析,基因型,表现型,纯合子,YYRR、YYrr、yyRR、yyrr 各占 1/16,YyRR、YYRr、Yyrr、yyRr 各占 2/16,单杂合子,双杂合子,YyRr

3、 占 4/16,显隐性,与亲本关系,双显：Y_R_ 占 9/16,单显：Y_rr+yyR_ 占 3/16+3/16,双隐：yyrr 占 1/16,亲本类型：Y_R_+yyrr 占10/16,重组类型：Y_rr+yyR_ 占6/16,3演绎推理、验证假说对自由组合现象的验证,(1)理论预测,F1与隐性纯合子杂交。F1产生4种比例相等的配子，即YRYryRyr1111，而隐性纯合子只产生yr一种配子,测交产生4种比例相等的后代，即YyRrYyrryyRryyrr1111,(2)测交结果与结论,实验验证,验证方法,测交实验,遗传图解,结果结论,P 杂种子一代 x 隐性纯合子 YyRr yyrr(黄色

4、圆粒)(绿色皱粒)配子 YR Yr yR yr yr测 交 基因型 YyRr Yyrr yyRr yyrr后 表现型 黄色圆粒 黄色皱粒 绿色圆粒 绿色皱粒代 分离比 1：1：1：1,测交后代黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒比例为1：1：1：1,证明对自由组合现象的理论解释是正确的,提醒,YyRryyrr 和 yyRrYyrr,测交是指F1与隐性纯合子杂交。因此虽然YyRryyrr和yyRrYyrr这两对组合的后代的基因型相同，但只有YyRryyrr称为测交，yyRrYyrr不属于测交,4得出结论自由组合定律,自由组合定律,实质,同源染色体上的等位基因分离，非 同源染色体上的非等位基因自

5、由组合,减数第一次分裂后期,时间,范围,进行有性生殖的生物，真核细胞核内染色体上的基因。无性生殖和细胞质基因遗传时不遵循,5孟德尔获得成功的原因,成功原因,材料,正确选择豌豆作实验材料,对象,由一对相对性状到多对相对性状,方法,对实验结果进行统计学分析,程序,运用了假说 演绎法,1基因的自由组合与基因完全连锁的比较,(1)基因的自由组合,产生配子：4种,自交后代,表现型：4种,性状分离比9331,基因型：4种,测交后代,表现型：4种,性状分离比1111,基因型：9种,1基因的自由组合与基因完全连锁的比较,产生配子：2种（AB、ab）,自交后代,表现型：2种,性状分离比 31,基因型：2种（Aa

6、Bb、aabb）,测交后代,表现型：2种,性状分离比 11,基因型：3种（AABB、AaBb、aabb）,(2)基因的完全连锁,1基因的自由组合与基因完全连锁的比较,产生配子：2种（Ab、aB）,自交后代,表现型：3种,性状分离比 121,基因型：2种（Aabb、aaBb）,测交后代,表现型：2种,性状分离比 11,基因型：3种（AAbb、AaBb、aaBB）,(2)基因的完全连锁,2自由组合定律内容的实质,(1)细胞学基础,精（卵）原细胞,复制,初级精（卵）母细胞,四分体,减数第一次分裂,次级精（卵）母细胞,减数第二次分裂,4个、2种，11,4个、2种，11,同源染色体分开，等位基因分离,非

7、同源染色体自由组合，非同源染色体上非等位基因自由组合,(2)自由组合定律的实质与各种比例的关系,2自由组合定律内容的实质,基因自由组合定律,实质,非 同源染色体上的非等位基因，随非 同源染色体的自由组合而组合,F1（YyRr）的配子种类的比例为1111,9331,1111,F1自交后代 表现型比例,F1测交后代 表现型比例,F1花粉鉴定类型比例,1111,单倍体育种所得个体类型比例,1111,3、重组类型的内涵及常见错误,(1)明确重组类型的含义：重组类型是指F2中表现型与亲本不同的个体，而不是基因型与亲本不同的个体,当亲本基因型为YYRR和yyrr时，F2中重组类型所占比例是6/16,当亲本

8、基因型为YYrr和yyRR时，F2中重组类型所占比例是1/169/16 10/16,(2)含两对相对性状的纯合亲本杂交，F2中重组类型所占比例并不都是6/16,例题1下列关于孟德尔两对相对性状的豌豆杂交实验的叙述，正确的是,A杂交实验过程中需要将亲本和子一代豌豆的母本在开花前进行人工去雄和套袋处理B减数分裂时同源染色体分离，非同源染色体自由组合属于假说内容之一C子一代植株所结种子的表现型及比例约为黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒9331D孟德尔仅依据种子形状和子叶颜色这两种性状的杂交实验就发现了基因的自由组合定律,C,解析：子一代豌豆是自交，故子一代豌豆的母本不需要进行去雄处理，A错误；减数分

9、裂时同源染色体分离，非同源染色体自由组合不属于假说内容，B错误；子一代植株所结种子属于子二代，子二代的表现型及比例约为黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒9331，C正确；孟德尔对豌豆的多对相对性状均进行了研究，最终得出了基因的自由组合定律，D错误。选C。,例题2利用豌豆的两对相对性状做杂交实验，其中子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。现用黄色圆粒豌豆和绿色圆粒豌豆杂交，对其子代性状的统计结果如下图所示。下列有关叙述错误的是,A实验中所用亲本的基因型为YyRr和yyRrB子代中重组类型所占的比例为1/4,C子代中自交能产生性状分离的占3/4D让子代黄色圆粒豌豆与

10、绿色皱粒豌豆杂交，后代性状分离比为1111,D,解析：亲本黄色圆粒豌豆(Y_R_)和绿色圆粒豌豆(yyR_)杂交，对其子代性状进行分析，黄色绿色11，圆粒皱粒31，可推知亲本黄色圆粒豌豆的基因型为YyRr，绿色圆粒豌豆的基因型为yyRr；子代重组类型为黄色皱粒和绿色皱粒，黄色皱粒(Yyrr)占(1/2)(1/4)1/8，绿色皱粒(yyrr)占(1/2)(1/4)1/8，两者之和为1/4；自交能产生性状分离的是杂合子，子代纯合子有yyRR和yyrr，其中yyRR占(1/2)(1/4)1/8，yyrr占(1/2)(1/4)1/8，两者之和为1/4，则子代杂合子占11/43/4；子代黄色圆粒豌豆的基

11、因型为1/3YyRR和2/3YyRr，绿色皱粒豌豆的基因型为yyrr，两者杂交所得后代的表现型及比例应为黄色圆粒绿色圆粒黄色皱粒绿色皱粒2211。选D。,例题3某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝色，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为AATTdd、AAttDD、AAttdd、aattdd，则下列说法正确的是,A若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用和杂交所得F1的花粉B若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察和杂交所得F1的花粉,C若培育糯

12、性抗病优良品种，应选用和亲本杂交D将和杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝色,C,解析：三对相对性状中可通过花粉进行鉴定的相对性状是非糯性(A)和糯性(a)、花粉粒长形(D)和圆形(d)，若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，需得到基因型为Aa或Dd的植株，A错误；若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，需得到基因型为AaDd的植株，B错误；F1(AaTtdd)，F1连续自交即可得到糯性抗病优良品种(aaTT)，C正确；F1(AattDd)，其产生的花粉加碘液染色后，A(蓝色)a(棕色)11，D错误。选C。,例题4现有四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系的性状均为显性，品系均只

13、有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：,若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型,AB C D,B,解析：自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因的遗传规律，故选或。选B。,考点二自由组合定律的解题方法,突破点1利用“拆分法”解决自由组合计算问题,(1)思路：将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再运用乘法原理进行组合,(2)方法,(2)方法,突破训练,例题5已知某种自花传粉植物花的颜色受若干对独立遗传的等位基因(相关基因如果是1对，则用A与a表示；如果是2对，则用A与a、B与b表示，以此类推)的控制。

14、现用该植物中开红花的植株甲与开黄花的纯合植株乙杂交，F1都开黄花，F1自花传粉产生F2，F2的表现型及比例为黄花红花2737，下列说法错误的是,A花的颜色至少受3对独立遗传的等位基因控制BF2红花植株的基因型有19种，其中纯合子有7种,CF2的红花植株中只有纯合子自交不会发生性状分离D将F1的花粉进行花药离体培养后得到的黄花植株占1/8,C,解析：由分析可知，花的颜色是由3对独立遗传的等位基因控制的，A正确；F2中基因型共有3327(种)，黄花植株的基因型为A_B_C_共有238(种)，故红花植株的基因型有27819(种)，其中纯合子为AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AAbbcc、a

15、aBBcc、aabbCC、aabbcc共7种，B正确；F2的红花植株中不是只有纯合子自交不会发生性状分离，也有杂合子自交不会发生性状分离，例如AaBbcc，C错误；由题意可知F1的基因型为AaBbCc，能产生配子的种类为238(种)，其中只有ABC为黄色，占1/8，D正确。选C。,例题6番茄红果对黄果为显性，二室果对多室果为显性，长蔓对短蔓为显性，三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系，将其杂交种植得F1和F2，则在F2中红果、多室、长蔓所占的比例及红果、多室、长蔓中纯合子的比例分别是,A.9/64、1/9B.9/64、1/64 C.3/64、1/3 D.3/6

16、4、1/64,A,解析：设控制三对性状的基因分别用A、a，B、b，C、c表示，亲代为AABBcc与aabbCC，F1为AaBbCc，F2中A_aa31，B_bb31，C_cc31，所以F2中红果、多室、长蔓所占的比例是3/41/43/49/64纯合红果、多室、长蔓所占的比例是1/41/41/41/64，则红果、多室、长蔓中纯合子的比例是1/64 9/641/9。选A。,突破点2“逆向组合法”推断亲本的基因型,考点二自由组合定律的解题方法,(1)利用基因式法推测亲本的基因型,根据亲本和子代的表现型写出亲本和子代的基因式，如基因式可表示为A_B_、A_bb,根据基因式推出基因型(此方法只适用于亲本

17、和子代表现型已知且显隐性关系已知时),突破点2“逆向组合法”推断亲本的基因型,(2)根据子代表现型及比例推测亲本基因型,规律：根据子代表现型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一相对性状的亲本基因型，再组合。,9331(31)(31)(AaAa)(BbBb)；1111(11)(11)(Aaaa)(Bbbb)；3311(31)(11)(AaAa)(Bbbb)；31(31)1(AaAa)(BBBB)或(AaAa)(BBBb)或(AaAa)(BBbb)或(AaAa)(bbbb),例题7某植物红花和白花为一对相对性状，受多对等位基因控制(如A、a；B、b；C、c)，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有

18、一个显性基因(即A_B_C_)时才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下表所示，下列分析错误的是,突破训练,A.组二F1的基因型可能是AaBbCcDdB组五F1的基因型可能是AaBbCcDdEE,C组二和组五的F1基因型可能相同D这一对相对性状最多受四对等位基因控制且遵循自由组合定律,D,解析：组二和组五中F1自交，F2的分离比为红白81175，即红花占81/(81175)(3/4)4，由此可推测这对相对性状至少受四对等位基因控制，且基因分别位于不同的同源染色体上，遵循自由组合定律，D错误；组二、组五中F1至少含四对等位基因，

19、当该对性状受四对等位基因控制时，组二、组五中F1的基因型都为AaBbCcDd；当该对性状受五对等位基因控制时，组五中F1的基因型可能是AaBbCcDdEE，A、B、C正确。选D。,例题8玉米子粒的颜色由三对独立遗传的等位基因共同控制。基因型为A_B_C_的子粒有色，其余基因型的子粒均为无色。现以一株有色子粒玉米植株X为父本，分别进行杂交实验，结果如下表。据表分析植株X的基因型为,A.AaBbCcBAABbCc CAaBBCc DAaBbCC,D,解析：根据有色子粒植株(A_B_C_)AAbbcc50%有色子粒(A_B_C_)，分别考虑每一对基因，应该有一对基因后代出现显性基因的可能性为50%，

20、其余两对100%出现显性基因，则有色子粒植株的基因型可以是AaBBCc、AABBCc、AaBbCC、AABbCC；根据有色子粒植株(A_B_C_)aaBBcc50%有色子粒(A_B_C_)，分别考虑每一对基因，应该有一对基因后代出现显性基因的可能性为50%，其余两对100%出现显性基因，则有色植株的基因型可以是AaBBCC、AaBbCC、AABBCc、AABbCc；根据有色子粒植株(A_B_C_)aabbCC25%有色子粒(A_B_C_)，分别考虑每一对基因，应该有两对基因后代出现显性基因的可能性为50%，其余一对100%出现显性基因，则有色植株的基因型可以是AaBbCC、AaBbCc。根据上

21、面三个过程的结果可以推知该有色子粒植株的基因型为AaBbCC。选D。,考点二自由组合定律的解题方法,突破点3自交与自由交配下的推断与相关比例计算,纯合黄色圆粒豌豆和纯合绿色皱粒豌豆杂交后得子一代，子一代再自交得子二代，若子二代中黄色圆粒豌豆个体和绿色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的性状表现比例分别如下表所示,突破训练,例题9某植物的花色受一对等位基因控制，抗病和易染病受另一对等位基因控制，两对等位基因独立遗传。现以红花抗病和白花易感病植株为亲本杂交，F1均为红花抗病，F1自交产生F2，拔除F2中的全部白花易感病植株，让剩余的植株自交产生F3，F3中的白花植株所占的比例为,A

22、1/2 B1/3 C3/8 D1/6,B,解析：以红花抗病植株和白花易感病植株为亲本杂交(两对等位基因分别用A、a和B、b表示)，F1均为红花抗病，说明红花对白花为显性，抗病对易感病为显性，亲本为AABB和aabb，F1为AaBb，F1自交产生的F2AABB2AABbAAbb2AaBB4AaBb2AabbaaBB2aaBbaabb。去除aabb后，AA占4/15，Aa占8/15，aa占3/15，自交后白花植株所占的比例为(8/15)(1/4)3/151/3。选B。,例题10雕鸮的羽毛绿色与黄色、条纹和无纹分别由两对常染色体上的两对等位基因控制，其中一对显性基因纯合会出现致死现象。绿色条纹与黄色

23、无纹雕鸮交配，F1绿色无纹和黄色无纹雕鸮的比例为11。F1绿色无纹雕鸮相互交配后，F2绿色无纹黄色无纹绿色条纹黄色条纹6321。据此作出判断，下列说法不正确的是,A绿色对黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死BF1绿色无纹个体相互交配，后代有3种基因型的个体致死CF2黄色无纹的个体随机交配，后代中黄色条纹个体的比例为1/8DF2某绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，后代表现型比例可能不是1111,C,解析：分析可知，绿色对黄色是显性，无纹对条纹是显性(两对等位基因分别用A、a和B、b表示)，绿色基因纯合致死，A正确；由以上分析可知绿色显性纯合致死，则F2中致死基因型有AABB、AABb、A

24、Abb，B正确；让F2中黄色无纹个体(1aaBB、2aaBb)随机交配，则出现黄色条纹个体(aabb)的概率为(2/3)(2/3)(1/4)1/9，C错误；让F2中某绿色无纹个体(AaBB或AaBb)和黄色条纹个体(aabb)杂交，F2中后代表现型比例可能是11或1111，D正确。选C。,考点二自由组合定律的解题方法,突破点4利用自由组合定律计算患遗传病的概率,当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率如下表：,以上各种情况可概括为下图：,突破训练,例题11某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。已知1的基因型为AaBB，且2与3婚配的子代不会患病。根据以下系谱图，下列

25、推断正确的是,A3的基因型一定为AABbB2的基因型一定为aaBB,B,C1的基因型可能为AaBb或AABbD2与基因型为AaBb的女性婚配，子代患病的概率为3/16,解析：该遗传病是由两对等位基因控制的，1的基因型为AaBB，表现正常。2一定有B基因却患病，可知当同时具有A和B两种显性基因时，个体才不会患病。而2与3婚配的子代不会患病，可确定2和3的基因型分别为aaBB和AAbb，所以3的基因型是AaBb或AABb。1和2的基因型均为AaBb。2与基因型为AaBb的女性婚配，子代正常(AB)的概率是9/16，患病的概率应为7/16。选B。,例题12一个正常的女性与一个并指(Bb)的男性结婚，

26、他们生了一个患白化病而手指正常的孩子。求再生一个孩子：,(1)只患并指的概率是,(2)只患白化病的概率是,(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是,解析：假设控制白化病的基因用A、a表示，由题意知，第1个孩子的基因型应为aabb，则该夫妇的基因型应分别为妇：Aabb，夫：AaBb。依据该夫妇的基因型可知，孩子中患并指的概率应为1/2(非并指概率应为1/2)，患白化病的概率应为1/4(非白化病概率应为3/4)，则：(1)再生一个只患并指孩子的概率：并指概率非白化病概率(1/2)(3/4)3/8。(2)只患白化病的概率：白化病概率非并指概率(1/4)(1/2)1/8。(3)生一个既患白化病又患并指的

27、男孩的概率：男孩出生率白化病概率并指概率(1/2)(1/4)(1/2)1/16。,3/8,1/8,1/16,例题12一个正常的女性与一个并指(Bb)的男性结婚，他们生了一个患白化病而手指正常的孩子。求再生一个孩子：,(4)只患一种病的概率是,(5)患病的概率是,解析：(4)后代只患一种病的概率：并指概率非白化病概率白化病概率非并指概率(1/2)(3/4)(1/4)(1/2)1/2。(5)后代中患病的概率：1全正常(非并指、非白化病)1(1/2)(3/4)5/8。,1/2,5/8,考点三特殊分离比,一、基因自由组合现象的“和”为16特殊分离比,考点三特殊分离比,一、基因自由组合现象的“和”为16

28、特殊分离比,考点三特殊分离比,一、基因自由组合现象的“和”为16特殊分离比,考点三特殊分离比,一、基因自由组合现象的“和”为16特殊分离比,性状分离比为9331的变式题解题步骤,将异常分离比与正常分离比9:3:3:1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9:3:4,则为9:3:(3:1)，即4为两种性状的合并结果,一看比,二分析,三定因,四推测,看F2的表现型比例，若表现型比例之和是16,不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律,根据具体比例确定出现异常分离比的原因,根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表现型的比例,突破训练,例题13鲜食玉米颜色多样、营养丰富、美味

29、可口。用两种纯合鲜食玉米杂交得F1，F1 自交得到F2,F2 籽粒的性状表现及比例为紫色非甜紫色甜白色非甜白色甜279217。下列说法正确的是,A紫色与白色性状的遗传不遵循基因的自由组合定律B亲本性状的表现型不可能是紫色甜和白色非甜CF1的花粉离体培养后经秋水仙素处理，可获得紫色甜粒纯合个体DF2中的白色籽粒发育成植株后随机受粉，得到的籽粒中紫色籽粒占4/49,C,解析：F2紫色和白色的性状分离比为97，甜和非甜性状的分离比为31，说明紫色性状和白色性状是由两对自由组合的基因(记为A、a和B、b)控制的，A_B_表现紫色性状，其余基因型(A_bb、aaB_、aabb)都表现白色性状；甜和非甜性

30、状是由一对等位基因(记为C、c)控制的，显性性状是非甜。F1的基因型为AaBbCc。由分析可知紫色与白色性状的遗传遵循基因的自由组合定律，A错误；亲本可以是紫色甜(AABBcc)和白色非甜(aabbCC)，子一代的基因型为AaBbCc，B错误；F1的花粉有8种，存在ABc类型，离体培养后经秋水仙素处理使染色体加倍，可获得紫色甜粒纯合(AABBcc)个体，C正确；F2中的白色籽粒的基因型及比例为AAbbaaBBaabbAabbaaBb11122，能够产生的配子类型及比例为AbaBab223，所以紫色后代的概率为Ab(精)aB(卵)2/72/7和Ab(卵)aB(精)2/72/7的和，为8/49，D

31、错误。选C。,例题14某植物花色遗传受A、a和B、b两对等位基因控制。当不存在显性基因时，花色为白色，当存在显性基因时，随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深。现用两株纯合亲本植株杂交得F1，F1自交得F2，F2中有白花植株和4种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计出5种类型植株数量比例为14641。下列说法不正确的是,A该植物的花色遗传遵循基因的自由组合定律B亲本的基因型可能为AAbb和aaBBC同一花色的个体基因型最多有4种D用F1作为材料进行测交实验，测交后代有3种表现型,C,解析：由题意知，该植物花色的性状是数量性状，F1自交得F2，F2的性状分离比是14641，是16种组合，因此

32、两对等位基因遵循自由组合定律，且F1的基因型是AaBb，四种红花植株的基因型分别是AABB、AABb和AaBB、AaBb和AAbb与aaBB、Aabb和aaBb，白花的基因型是aabb；两个亲本的基因型可能是AABBaabb或者是AAbbaaBB。由分析可知，控制该植物花色的两对等位基因遵循自由组合定律，A正确。由分析可知，亲本基因型有可能是AAbb和aaBB，B正确。由分析可知，同一花色的基因型最多是3种，C错误。F1的基因型是AaBb，测交后代的基因型及比例是AaBbAabbaaBbaabb1111，AaBb表现一种性状，Aabb和aaBb是一种性状，aabb是一种性状，共有3种表现型，D

33、正确。选C。,二、基因自由组合现象的“和”小于16特殊分离比,考点三特殊分离比,解答致死类问题的方法技巧,(1)从每对相对性状分离比角度分析，如：6321(21)(31)一对显性基因纯合致死4221(21)(21)两对显性基因纯合致死,(2)从F2每种性状的基因型种类及比例分析，如BB致死：,突破训练,例题15现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如下表，下列有关叙述不正确的是,A.F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精BF1自交得F2，F2的基因型有9种CF1花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株D正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自

34、由组合定律,D,解析：正常情况下，双杂合子测交后代四种表现型的比例应该是1111，而作为父本的F1测交结果为AaBbAabbaaBbaabb1222，说明父本F1产生的AB花粉有50%不能完成受精作用，A正确；F1自交后代(F2)中有9种基因型，B正确；F1花粉离体培养，将得到四种表现型不同的单倍体植株，C正确；根据题意可知，正反交均有四种表现型，说明符合基因自由组合定律，D错误。选D。,例题16果蝇的基因A、a控制体色，B、b控制翅型，两对基因分别位于两对常染色体上，且基因A具有纯合致死效应。已知黑身残翅果蝇与灰身长翅果蝇交配，F1为黑身长翅和灰身长翅，比例为11。当F1的黑身长翅果蝇彼此交

35、配时，其后代表现型及比例为黑身长翅黑身残翅灰身长翅灰身残翅6231。下列分析错误的是,A果蝇这两对相对性状中，显性性状分别为黑身和长翅BF1的黑身长翅果蝇彼此交配产生的后代中致死个体占的比例为1/4CF1的黑身长翅果蝇彼此交配产生的后代中致死基因型有4种DF2中的黑身残翅果蝇个体测交后代表现型比例为11,C,解析：F1的黑身长翅果蝇彼此交配时，后代出现灰身残翅果蝇，说明黑身相对于灰身为显性性状，长翅相对于残翅为显性性状，A正确；若F1的基因型为AaBb，依据题干“基因A具有纯合致死效应”，则F1的黑身长翅果蝇彼此交配产生的后代中致死基因型有3种，即AABB(1)、AABb(2)、AAbb(1)

36、，因而后代表现型比例为6231，其相互交配后代中致死个体占1/4，B正确，C错误；由于AA致死，所以F2中的黑身残翅果蝇的基因型为Aabb，其测交后代表现型比例为11，D正确。选C。,考点四个体基因型的实验探究与遗传定律的实验验证,1鉴定个体基因型的方法,(1)自交法：,对于植物来说，鉴定个体基因型的最好方法是让该植物个体自交，通过观察自交后代的性状分离比，分析推理出待测亲本的基因型,(2)测交法：,如果能找到纯合的隐性个体，由测交后代的性状分离比即可推知待测亲本的基因组成。,(3)杂交法：,在特定的解题背景下，若生物自交或测交不能达到预期，则可根据实际情况让待测个体与某一已知基因型的个体进行

37、杂交，通过观察杂交后代的性状分离比，分析推理出待测亲本的基因型。,2遗传定律的验证方法,2遗传定律的验证方法,1.（2021全国乙卷）某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制（杂合子表现显性性状）。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是,研考题感悟考情,A.植株A的测交子代会出现2n种不同表现型的个体B.n越大，植株A测交子代中不同表现型的个体数目彼此之间差异越大C.植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等D.n2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数,解析：不管n有多大，植株A测交子代比为（1：1）n=1：1：1：1（共2n个1），

38、即不同表现型个体数目均相等，B错误；故选B。,B,2、（2020浙江卷）某植物的野生型（AABBcc）有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突变体（甲、乙和丙）。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1（AaBbCc）作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表：,注：“有”表示有成分R，“无”表示无成分R用杂交子代中有成分R植株与杂交子代中有成分R植株杂交，理论上其后代中有成分R植株所占比例为,A21/32 B9/16 C3/8 D3/4,A,3(2019高考全国卷)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个

39、体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。,实验：让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交，子代都是绿叶实验：让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交，子代个体中绿叶紫叶13,(1)甘蓝叶色中隐性性状是_，实验中甲植株的基因型为_。,绿色,aabb,解析：(1)根据实验很容易判断甘蓝的绿叶是隐性性状，紫叶是显性性状。由题干可知，两对基因都为隐性的个体表现为隐性性状，结合实验可判断出甲植株的基因型是aabb。,(2)实验中乙植株的基因型为_，子代中有_种基因型。,AaBb,4,解析：(2)根据实验子代个体中绿叶紫叶13，可推知乙植株的基因型是AaBb，AaBbaa

40、bb子代中有4种基因型，分别是AaBb、Aabb、aaBb、aabb。,(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为11，则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为151，则丙植株的基因型为_。,Aabb、aaBb,AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb,AABB,解析：(3)若丙植株与甲植株(aabb)杂交，子代中紫叶和绿叶的分离比为11，可推出紫叶丙植株只能产生两种配子，且有一种配子是ab，进而推出丙的基因型是Aabb或aaBb；若丙植株与甲植株

41、杂交子代均为紫叶，说明丙植株产生的配子中只能含一个隐性基因或全是显性基因，可利用分离定律列出丙植株可能的基因型，符合要求的丙植株的基因型是AABB、AABb、AAbb、aaBB、AaBB；若丙植株与甲植株杂交子代均为紫叶，且该子代自交后代中紫叶与绿叶的分离比为151，这是自由组合定律9331性状分离比的变形，推出子代紫叶植株的基因型是AaBb，由此推出丙植株的基因型是AABB。,4(2018高考全国卷)果蝇体细胞有4对染色体，其中2、3、4号为常染色体。已知控制长翅/残翅性状的基因位于2号染色体上，控制灰体/黑檀体性状的基因位于3号染色体上。某小组用一只无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂

42、交，杂交子代的表现型及其比例如下：,(1)根据杂交结果，_(填“能”或“不能”)判断控制果蝇有眼/无眼性状的基因是位于X染色体还是常染色体上。若控制有眼/无眼性状的基因位于X染色体上，根据上述亲本杂交组合和杂交结果判断，显性性状是_，判断依据是_。,不能,无眼,只有当无眼为显性时，子代雌雄个体中才都会出现有眼与无眼性状的分离,解析：(1)由于无眼和有眼性状的显隐性无法判断，所以无论基因位于常染色体还是X染色体上，无眼雌性个体和有眼雄性个体杂交后代都有可能出现有眼雌性有眼雄性无眼雌性无眼雄性1111。那么通过子代的性状分离比无法判断控制果蝇无眼/有眼性状的基因的位置。若控制果蝇有眼/无眼性状的基

43、因位于X染色体上，由于子代雄性个体中同时出现了无眼和有眼两种性状，说明亲代雌性果蝇为杂合体，杂合体表现出的无眼性状为显性性状。,(2)若控制有眼/无眼性状的基因位于常染色体上，请用上表中杂交子代果蝇为材料设计一个杂交实验来确定无眼性状的显隐性(要求：写出杂交组合和预期结果)。,杂交组合,无眼无眼,预期结果,若子代中无眼有眼31，则无眼为显性性状；若子代全部为无眼，则无眼为隐性性状,解析：(2)若控制无眼/有眼性状的基因位于常染色体上，杂交子代无眼有眼11，则说明亲本为显性杂合体和隐性纯合体测交，根据测交结果，子代两种性状中，一种为显性杂合体，一种为隐性纯合体，所以可选择均为无眼的雌雄个体进行杂

44、交，观察子代的性状表现，若子代中无眼有眼31，则无眼为显性性状；若子代全部为无眼，则无眼为隐性性状。,(3)若控制有眼/无眼性状的基因位于4号染色体上，用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无眼纯合体果蝇杂交，F1相互交配后，F2中雌雄均有_种表现型，其中黑檀体长翅无眼所占比例为3/64时，则说明无眼性状为_(填“显性”或“隐性”)。,8,隐性,解析：(3)由题意知，控制长翅/残翅性状的基因位于2号染色体上，控制灰体/黑檀体性状的基因位于3号染色体上，控制有眼/无眼性状的基因位于4号染色体上，它们的遗传符合自由组合定律。现将具有三对相对性状的纯合亲本杂交，F1为杂合体(假设基因型为AaBbDd)，F

45、1相互交配后，F2有2228种表现型。根据表格中的性状分离比9331可知，黑檀体性状为隐性，长翅性状为显性，若子代黑檀体(1/4)长翅(3/4)无眼(？)的概率为3/64，则无眼的概率为1/4，无眼性状为隐性。,5(2018高考全国卷)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验，杂交涉及的四对相对性状分别是：红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果(长)、单一花序(单)与复状花序(复)。实验数据如表。,(1)根据表中数据可得出的结论是：控制甲组两对相对性状的基因位于_上，依据是_；控制乙组两对相对性状的基因位于_(填“一对”或“两对”)同源染色体上，依据是_

46、。,非同源染色体,F2中两对相对性状表现型的分离比符合9331,一对,F2中每对相对性状表现型的分离比都符合31，而两对相对性状表现型的分离比不符合9331,解析：(1)由于表中数据显示甲组F2的表现型及比例为红二红多黄二黄多9331，该比例符合基因的自由组合定律的性状分离比，所以控制甲组两对相对性状的基因位于非同源染色体上。乙组F2的表现型中，每对相对性状表现型的比例都符合31，即圆形果长形果31，单一花序复状花序31。而圆单圆复长单长复不符合9331的性状分离比，不符合自由组合定律，所以控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上。,(2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个F1进行杂交，

47、结合表中数据分析，其子代的统计结果不符合_ 的比例。,1111,解析：(2)根据乙组的相对性状表现型分离比可知，控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，所以用“长复”(隐性纯合子)分别与乙组的两个F1进行杂交，不会出现测交结果为1111的比例。,6、（2020新课标卷）控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。现有表现型不同的4种植株：板叶紫叶抗病（甲）、板叶绿叶抗病（乙）、花叶绿叶感病（丙）和花叶紫叶感病（丁）。甲和丙杂交，子代表现型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表现型。回答下列问题：,（1）根据

48、甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是_。,（2）根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为_、_、_和_。,板叶、紫叶、抗病,AABBDD,AabbDd,aabbdd,aaBbdd,（3）若丙和丁杂交，则子代的表现型为_。,（4）选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为31、叶色的分离比为11、能否抗病性状的分离比为11，则植株X的基因型为_。,花叶绿叶感病、花叶紫叶感病,AaBbdd,7、（2020山东卷）玉米是雌雄同株异花植物，利用玉米纯合雌雄同株品系M培育出雌株突变品系，该突变品系的产生原因是2号染色体上的

49、基因Ts突变为ts，Ts对ts为完全显性。将抗玉米螟的基因A转入该雌株品系中获得甲、乙两株具有玉米螟抗性的植株，但由于A基因插入的位置不同，甲植株的株高表现正常，乙植株矮小。为研究A基因的插入位置及其产生的影响，进行了以下实验：,（1）实验一中作为母本的是_，实验二的F1中非抗螟植株的性别表现为_（填：“雌雄同株“雌株”或“雌雄同株和雌株”）。,甲,雌雄同株,（2）选取实验一的F1抗螟植株自交，F2中抗螟雌雄同株抗螟雌株非抗螟雌雄同株约为211。由此可知，甲中转入的A基因与ts基因_（填：“是”或“不是”）位于同一条染色体上，F2中抗螟雌株的基因型是_。若将F2中抗螟雌雄同株与抗螟雌株杂交，子

50、代的表现型及比例为_。,抗螟雌雄同株抗螟雌株=11,是,AAtsts,（3）选取实验二的F1抗螟矮株自交，F2中抗螟矮株雌雄同株抗螟矮株雌株非抗螟正常株高雌雄同株非抗螟正常株高雌株约为3131，由此可知，乙中转入的A基因_（填：“位于”或“不位于”）2号染色体上，理由是_。F2中抗螟矮株所占比例低于预期值，说明A基因除导致植株矮小外，还对F1的繁殖造成影响，结合实验二的结果推断这一影响最可能是_。F2抗螟矮株中ts基因的频率为_，为了保存抗螟矮株雌株用于研究，种植F2抗螟矮株使其随机受粉，并仅在雌株上收获籽粒，籽粒种植后发育形成的植株中抗螟矮株雌株所占的比例为_。,位于,含A基因的雄配子不育,