《应用概率统计》综合作业一.doc
应用概率统计综合作业一一、填空题（每小题2分,共20分）1.已知随机事件A的概率,事件B的概率,条件概率，则事件的概率 0.7 .2.设在三次独立试验中，随机事件A在每次试验中出现的概率为,则A至少出现一次的概率为 1/2 3.设随机事件A,B及其和事件的概率分别是0.4,0.3和0.6，则积事件的概率 0. .4一批产品共有10个正品和两个次品，任意抽取两次，每次抽一个,抽出后不再放回,则第二次抽出的是次品的概率为 1/5 5.设10件产品中有件不合格品，从中任取2件，已知所取2件产品中有一件是不合格品，则另1件也是不合格品的概率为 .6.设随机变量,且,则 0.2 .7设随机变量绝对值不大于,且,则 76 .设随机变量的密度函数为以表示对的三次独立重复观察中事件出现的次数,则 9/4 .设随机变量的概率分布为,，则随机变量的分布函数.2=1, 0.3x=2 ,0.5x= .1设随机变量的密度函数为,求随机变量的密度函数 3/1+(1y）3 二、选择题(每小题2分,共20分）1同时抛掷3枚均匀对称的硬币，则恰有枚正面向上的概率为（ D )(A）05 （）0. （C)125 （D）.352某人独立地投入三次篮球，每次投中的概率为0.3,则其最可能失败（没投中）的次数为（ A )（A） (B)或3 (C）3 (）1.当随机事件与B同时发生时,事件C必发生,则下列各式中正确的是（ B ）（A） （B）(） （D)4设，,则( ）（A）事件和B互不相容 (B）事件和B互相对立 （C）事件A和B互不独立 （）事件A和B相互独立设A与B是两个随机事件,且，,则必有（C)（) （B) (） (D）6设随机变量的密度函数为,且,为的分布函数,则对任意实数，有（ B）（A) （B）(C) （D）7.设随机变量服从正态分布，则随着的增大,概率为(C )（A）单调增大 （B）单调减少 （C）保持不变 ()增减不定.设两个随机变量和分别服从正态分布和,记，,则( A）（A)对任意实数,都有 （)对任意实数,都有 （C）只对的个别值,才有 (D）对任意实数,都有9设随机变量服从正态分布,则（B)（A） () （） （D）10.设随机变量的分布函数为则（ )（A） (B） （C) (D)三、(1分）摆地摊的某赌主拿了8个白的、个黑的围棋子放在一个签袋里，并规定凡愿摸彩者每人交一元钱作手续费,然后一次从口袋口摸出5个棋子，中彩情况如下：摸棋子5个白4个白个白其他彩金元2元纪念品（价值5角)同乐一次（无任何奖品)试计算：获得2元彩金的概率；获得2元彩金的概率;获得纪念品的概率；按摸彩1000次统计,赌主可望净赚多少钱?1.3. 4 净赚大哟为1000-92=08元四、（10分）已知连续型随机变量的密度函数为试求：(1）常数A；（）()的分布函数。解答:(1）由于+f(x）d=1,即exx+24xk12=1k=12(2)由于F()=P(x)=x(x)dx,因此当x<0时，F（x)xexdx=ex；当0<2时，F(x)12edxx014dx=12+x;当时,（)=0ex+04dx=1F()=01dx+12ex12+14，<0,0x<，x2(3)由于连续型随即变量在任意点处的概率都为,因此PX=1=0而1<X<2=(2）(1)=14.五、(10分)设10件产品中有件一级品，3件二级品，2件次品，无放回地抽取,每次取一件,求在取得二级品之前取得一级品的概率。解：先取得一级品的概率为5÷11/2那么当取出一级品再取得二级品的概率就为3÷(10-）=1/所以在取二级品之前取得一级品的概率为/2×1/6六、（10分）某地抽样调查结果表明，考生的外语成绩（百分制)近似服从正态分布,平均成绩为2分,96分以上的占考生总数的2.3%,试求考生的外语成绩在60分至4分之间的概率。(）解答：因为F(6)=（967）x=1-0.03=0.970=（）所以12成绩在60至84分之间的概率：（84)-F(60)=(84）/12(72）/12=(1)（-1）=(1)-1×0.8413-1.2七、(10分）设有来自三个地区的各0名、5名和25名考生的报名表，其中女生的报名表分别为3份、份和份。随机地取一个地区的报名表，从中先后抽出2分。试求：(1)先抽出的一份是女生表的概率;(）若后抽到的一份是男生表，求先抽到的一份是女生表的概率。解答：设事件:H=抽到的报名表示i区考生的(i1，2，)；事件：Hj=第j次抽到的报名表是男生报名表(1,2,3).事件：A=第一次抽到的报名表示女生的事件:B=第二次抽到的报名表示男生的显然有，抽到三个区的概率是相等的,即：P(H1）=P（2）=P(3)=3P(|H1)31；P（A|H2)75P(|H)55=5()根据全概率公式有：P(A）(A|H1)P(H1)+P(A|H2)P(H)P(A|H3)P(H3）=3×310+1×7513×5=29（2)根据全概率公式,第二次抽到男生的概率为：P(B)=p（B|H1)×P(H1)+p(BH2)×P(H2）p（B|3）×P(H3)显然：p(B1)=70；p(|2）=15；（B|H3)=202=4故：(B)=p(B|H）×（1)p(B|H2)×(H2)+p(|H3）×P（H)=71×13+81×13+45×3619第一次抽到女生,第二次抽到男生的概率为：P(B)=P(A|H1)×P（H1)+p(AB|H2)×（H2)+p(AB|H3)×P(H）而P(|H)30×9=7；P（AB|2)7×8141；P(AB|H)25×2024=16故：P(AB)=（ABH1)×P（H1）(AB|2)×P（H)+p（AB|)×P(H3)=730×+41×13+16×13=9根据条件概率公式有:p（|B）=(AB)(B)29÷6190=201即：p2061故第一份抽到的是女生的概率为2990,在第二份抽到是男生的前提下，第一次抽到是女生的概率p为2061八、（0分）假设一大型设备在任何长为的时间内发生故障的次数服从参数为的泊松分布,(1）求相继两次故障之间间隔时间的概率分布；(2)求在设备已经无故障工作8小时的情形下，再无故障工作8小时的概率。解答：（1）由泊松过程的定义,时间间隔分布为参数是的指数分布.即(T0(2)P（N(）=0(8)=0)=P(N(16)=0)/P(N()exp(-16)/e(-8）=exp(-8)
