数列专题总复习知识点整理与经典例题讲解高三数学.docx

数列专题总复习知识点整理与经典例题讲解高三数学数列专题复习 一、等差数列的有关概念： 1、等差数列的判断方法：定义法an+1-an=d(d为常数）或an+1-an=an-an-1(n³2)。 如设an是等差数列，求证：以bn=等差数列。 a1+a2+L+an nÎN*为通项公式的数列bn为n2、等差数列的通项：an=a1+(n-1)d或an=am+(n-m)d。 如(1)等差数列an中，a10=30，a20=50，则通项an= ； 首项为-24的等差数列，从第10项起开始为正数，则公差的取值范围是_ 3n(a1+an)n(n-1)，Sn=na1+d。 221315*如数列 an中，an=an-1+(n³2,nÎN)，an=，前n项和Sn=-，2223、等差数列的前n和：Sn=则a1 ，n； 2已知数列 an的前n项和Sn=12n-n，求数列|an|的前n项和Tn. *ïîn-12n+72(n>6,nÎN)4、等差中项：若a,A,b成等差数列，则A叫做a与b的等差中项，且A=a+b。 2提醒：等差数列的通项公式及前n和公式中，涉及到5个元素：a1、d、n、an及Sn，其中a1、d称作为基本元素。只要已知这5个元素中的任意3个，便可求出其余2个，即知3求2。为减少运算量，要注意设元的技巧，如奇数个数成等差，可设为，a-2d,a-d,a,a+d,a+2d；偶数个数成等差，可设为，a-3d,a-d,a+d,a+3d, 5、等差数列的性质： 当公差d¹0时，等差数列的通项公式an=a1+(n-1)d=dn+a1-d是关于n的一次函数，且斜率为公差d；前n和Sn=na1+函数且常数项为0. 1 / 13 n(n-1)ddd=n2+(a1-)n是关于n的二次222若公差d>0，则为递增等差数列，若公差d<0，则为递减等差数列，若公差d=0，则为常数列。 当m+n=p+q时,则有am+an=ap+aq，特别地，当m+n=2p时，则有am+an=2ap. 如等差数列an中，Sn=18,an+an-1+an-2=3,S3=1，则n_； (4) 若an、bn是等差数列，则kan、kan+pbn (k、p是非零常数)、aSn,S2n-Sn,S3n-S2n ，也成等差数列，而an成等比数列；若anap+nq(p,qÎN*)、是等比数列，且an>0，则lgan是等差数列. 如等差数列的前n项和为25，前2n项和为100，则它的前3n和为 。 在等差数列an中，当项数为偶数2n时，S偶S奇=nd；项数为奇数2n-1时，S奇-S偶=a中，S2n-1=(2n-1)×a中；S奇：S偶=n:(n-1)。 如在等差数列中，S1122，则a6_； 项数为奇数的等差数列an中，奇数项和为80，偶数项和为75，求此数列的中间项与项数. 若等差数列an、bn的前n和分别为An、Bn，且An=f(n)，则Bnan(2n-1)anA2n-1它们的前n项和分=f(2n-1).如设an与bn是两个等差数列，bn(2n-1)bnB2n-1别为Sn和Tn，若aSn6n-23n+1，那么n=_ =Tn4n-38n-7bn(7)“首正”的递减等差数列中，前n项和的最大值是所有非负项之和；“首负”的递增等差数列中，前n项和的最小值是所有非正项之和。法一：由不等式组ìan³0æìan£0ö确定出前多少项为非负；法二：因等差数列前n项是关于ç或í÷íç÷îan+1£0èîan+1³0øn的二次函数，故可转化为求二次函数的最值，但要注意数列的特殊性nÎN*。上述两种方法是运用了哪种数学思想？，由此你能求一般数列中的最大或最小项吗？ 如等差数列an中，a1=25，S9=S17，问此数列前多少项和最大？并求此最大 2 / 13 值。； 若an是等差数列，首项a1>0,a2003+a2004>0，a2003×a2004<0，则使前n项和Sn>0成立的最大正整数n是 |，Sn是其前n项和，在等差数列an中，a10<0,a11>0，且a1则 1>|a10A、S1,S2B、S1,S2C、S1,S2D、S1,S2S10都小于0，S11,S12S19都小于0，S20,S21S5都小于0，S6,S7S20都小于0，S21,S22都大于0 都大于0 都大于0 都大于0 (8)如果两等差数列有公共项，那么由它们的公共项顺次组成的新数列也是等差数列，且新等差数列的公差是原两等差数列公差的最小公倍数. 注意：公共项仅是公共的项，其项数不一定相同，即研究an=bm. 二、等比数列的有关概念： 1、等比数列的判断方法：定义法an+1=q(q为常数），其中q¹0,an¹0或anan+1a=n(n³2)。 anan-1如一个等比数列an共有2n+1项，奇数项之积为100，偶数项之积为120，则an+1为_；数列an中，Sn=4an-1+1 (n³2)且a1=1，若bn=an+1-2an ，求证：数列bn是等比数列。 2、等比数列的通项：an=a1qn-1或an=amqn-m。 如等比数列an中，a1+an=66，a2an-1=128，前n项和Sn126，求n和q. 2a1(1-qn)a1-anq=3、等比数列的前n和：当q=1时，Sn=na1；当q¹1时，Sn=。 1-q1-q如等比数列中，q2，S99=77，求a3+a6+L+a99； å(åCn=1k=010nkn)的值为_； 3 / 13 特别提醒：等比数列前n项和公式有两种形式，为此在求等比数列前n项和时，首先要判断公比q是否为1，再由q的情况选择求和公式的形式，当不能判断公比q是否为1时，要对q分q=1和q¹1两种情形讨论求解。 4、等比中项：若a,A,b成等比数列，那么A叫做a与b的等比中项。提醒：不是任何两数都有等比中项，只有同号两数才存在等比中项，且有两个±ab。如已知两个正数a,b(a¹b)的等差中项为A，等比中项为B，则A与B的大小关系为_ 提醒：等比数列的通项公式及前n和公式中，涉及到5个元素：a1、q、n、an及Sn，其中a1、q称作为基本元素。只要已知这5个元素中的任意3个，便可求出其余2个，即知3求2；为减少运算量，要注意设元的技巧，如奇数个数成等比，可设为，aaaa2,aq,aq3，,a,aq,aq；但偶数个数成等比时，不能设为q23qqqq因公比不一定为正数，只有公比为正时才可如此设，且公比为q。如有四个数，其中前三个数成等差数列，后三个成等比数列，且第一个数与第四个数的和是16，第二个数与第三个数的和为12，求此四个数。 5.等比数列的性质： 当m+n=p+q时，则有aman=apaq，特别地，当m+n=2p时，则有2aman=ap2. 如在等比数列an中，a3+a8=124,a4a7=-512，公比q是整数，则a10=_； lg各项均为正数的等比数列an中，若a5×a6=9，则o。 31aolg+32a+olg+301a= *(2) 若an是等比数列，则|an|、ap+nq(p,qÎN)、kan成等比数列；若aan、bn成等比数列，则anbn、 若an是等比数列，且公比q¹-1，n成等比数列；bn则数列Sn,S2n-Sn,S3n-S2n ，也是等比数列。当q=-1，且n为偶数时，数列Sn,S2n-Sn,S3n-S2n ，是常数数列0，它不是等比数列. +loagxn(nÎN*)，且如已知a>0且a¹1，设数列xn满足logaxn+1=1 4 / 13 x1+x2+x100=100，则x101+x102+； +x200= . 在等比数列an中，Sn为其前n项和，若S30=13S10,S10+S30=140，则S20的值为_ (3)若a1>0,q>1，则an为递增数列；若a1<0,q>1, 则an为递减数列；若a1>0,0<q<1 ，则an为递减数列；若a1<0,0<q<1, 则an为递增数列；若q<0，则an为摆动数列；若q=1，则an为常数列. (4) 当q¹1时，Sn=-a1naq+1=aqn+b，这里a+b=0，但a¹0,b¹0，1-q1-q是等比数列前n项和公式的一个特征，据此很容易根据Sn，判断数列an是否为等比数列。 如若an是等比数列，且Sn=3n+r，则r (5) Sm+n=Sm+qmSn=Sn+qnSm.如设等比数列an的公比为q，前n项和为Sn，若Sn+1,Sn,Sn+2成等差数列，则q的值为_ (6) 在等比数列an中，当项数为偶数2n时，S偶=qS奇；项数为奇数2n-1时，S奇=a1+qS偶. (7)如果数列an既成等差数列又成等比数列，那么数列an是非零常数数列，故常数数列an仅是此数列既成等差数列又成等比数列的必要非充分条件。 如设数列an的前n项和为Sn， 关于数列an有下列三个命题：若an=an+1bÎR)，(nÎN)，则an既是等差数列又是等比数列；若Sn=an2+bn(a、n则an是等差数列；若Sn=1-(-1)，则an是等比数列。这些命题中，真命题的序号是 三、数列通项公式的求法 一、公式法 当n=1时，a1=2(2´1+1)9(2k+1)2-1假设当n=k时等式成立，即ak=，则当n=k+1时， (2k+1)2ak+1=ak+8(k+1)。 (2k+1)2(2k+3)2由此可知，当n=k+1时等式也成立。 根据，可知，等式对任何nÎN都成立。 九、换元法 例 已知数列an满足an+1=*1(1+4an+1+24an)，a1=1，求数列an的通项公式。 1612(bn-1) 24解：令bn=1+24an，则an=故an+1=12122(bn+1-1)，代入an+1=(1+4an+1+24an)得。即4bn+1=(bn+3) 241613bn+， 22因为bn=1+24an³0，故bn+1=1+24an+1³0则2bn+1=bn+3，即bn+1=可化为bn+1-3=1(bn-3)， 2 8 / 13 所以bn-3是以b1-3=1+24a1-3=1+24´1-3=2为首项，以列，因此bn-3=21为公比的等比数212n-1111=n-2，则bn=n-2+3，即1+24an=n-2+3，得 2222111an=n+n+。 3423十、构造等差、等比数列法 n an+1=pan+q；an+1=pan+q；an+1=pan+f(n)；an+2=p×an+1+q×an. 例 已知数列an中，a1=1,an+1=2an+3，求数列an的通项公式. n-1n+1an+1+3=2(an+3) an+3=4´2Þan=2-3. 递推关系形如“an+1=pan+q” 适用于待定系数法或特征根法： 令an+1-l=p(an-l)； 在an+1=pan+q中令an+1=an=xÞx=q，an+1-x=p(an-x)； 1-p由an+1=pan+q得an=pan-1+q，an+1-an=p(an-an-1). n例 已知数列an中，a1=1,an+1=2an+3，求数列an的通项公式. nQan+1=2an+3，an+1anan3n，令=+=bn 2n2n-122n-13bn=(bn-bn-1)+(bn-1-bn-2)+L+(b2-b1)+b1 =2´n-2 an=3n-2n 2n递推关系形如“an+1=pan+q”通过适当变形可转化为： n“an+1=pan+q”或“an+1=an+f(n)求解. 十一、不动点法 例 已知数列an满足an+1=7an-2，a1=2，求数列an的通项公式。 2an+3解：令x=7x-23x-12，得2x-4x+2=0，则x=1是函数f(x)=的不动点。 2x+34x+77an-25a-5-1=n，所以 2an+32an+3 9 / 13 因为an+1-1=2111an=n+n+。 3423评注：本题解题的关键是通过将1+24an的换元为bn，使得所给递推关系式转化13从而可知数列bn-3为等比数列，进而求出数列bn-3的通项公式，bn+1=bn+形式，22最后再求出数列an的通项公式。 四、数列求和的基本方法和技巧 一、利用常用求和公式求和 1、 等差数列求和公式：Sn=n(a1+an)n(n-1)=na1+d 22(q=1)ìna1ïn2、等比数列求和公式：Sn=ía1(1-q)a1-anq =(q¹1)ï1-qî1-q前n个正整数的和 1+2+3+L+n=n(n+1) 2n(n+1)(2n+1)6n(n+1)2前n个正整数的立方和 13+23+33+L+n3= 2公式法求和注意事项 弄准求和项数n的值； 前n个正整数的平方和 12+22+32+L+n2= 等比数列公比q未知时，运用前n项和公式要分类。 例 已知log3x=-123n，求x+x+x+×××+x+×××的前n项和. log23Sn的最大值. (n+32)Sn+1例 设Sn1+2+3+n，nN*,求f(n)= f(n)=Sn (n+32)Sn+11n+34+64n(n-18n£)2+501 50 当 n-81，即n8时，f(n)max= 508二、错位相减法求和 这种方法主要用于求数列an· bn的前n项和，其中 an 、 bn 分别是等差数列和等比数列. 求和时一般在已知和式的两边都乘以组成这个数列的等比数列的公比 10 / 13 q；然后再将得到的新和式和原和式相减，转化为同倍数的等比数列求和。 1n+1例：在数列an中，a1=1,an+1=(1+)an+n n2a设bn=n，求数列bn的通项公式求数列an的前n项和Sn naa11分析：由已知有n+1=n+nbn+1-bn=n n+1n221*利用累差迭加即可求出数列bn的通项公式: bn=2-n-1(nÎN) 2nnnkkn由知an=2n-n-1,Sn=å(2k-k-1)=å(2k)-åk-1 22k=1k=1k=12n而å(2k)=n(n+1),又åk=1nk是一个典型的错位相减法模型， k-12k=1n易得kn+2n+2=4-S =n(n+1)+-4 ånk-1n-1n-122k=12倒序相加法求和 三、 这是推导等差数列的前n项和公式时所用的方法，就是将一个数列倒过来排列，再把它与原数列相加，就可以得到n个(a1+an). 012n+3Cn+5Cn+×××+(2n+1)Cn=(n+1)2n 例 求证：Cn012n证明： 设Sn=Cn+3Cn+5Cn+×××+(2n+1)Cn nn-110Sn=(2n+1)Cn+(2n-1)Cn+×××+3Cn+Cn n Sn=(n+1)×2 四、分组法求和 有一类数列，既不是等差数列，也不是等比数列，若将这类数列适当拆开，可分为几个等差、等比或常见的数列，然后分别求和，再将其合并即可. 例7 求数列的前n项和：1+1,111+4,2+7,×××,n-1+3n-2， aaa111解：设Sn=(1+1)+(+4)+(2+7)+×××+(n-1+3n-2) aaa111Sn=(1+2+×××+n-1)+(1+4+7+×××+3n-2) aaa(3n-1)n(3n+1)n当a1时，Sn=n+ 22 11 / 13 11-nna-a(3n-1)n(3n-1)na+当a¹1时，Sn= 1a-1221-a1-例：已知an是各项均为正数的等比数列，且a1+a2=2(11111+)，a3+a4+a5=64(+) a3a4a5a1a212)，求数列bn的前n项和Tn。 an求an的通项公式；设bn=(an+五、裂项法求和 这是分解与组合思想在数列求和中的具体应用. 裂项法的实质是将数列中的每项分解，然后重新组合，使之能消去一些项，最终达到求和的目的. 通项分解如： sin1o=tan(n+1)o-tanno an=f(n+1)-f(n) oocosncos(n+1)(2n)2111111=1+(-) =-an= an=(2n-1)(2n+1)22n-12n+1n(n+1)nn+1an=(6) 1111=- n(n-1)(n+2)2n(n+1)(n+1)(n+2)an=n+212(n+1)-n1111×n=×n=-,则S=1- nn(n+1)2n(n+1)2n×2n-1(n+1)2n(n+1)2n例 求数列11+21,12+3,×××,1n+n+1,×××的前n项和. an=n+n+111+2+=n+1-n 12+31n+n+1则 Sn=+×××+ n+1-1 例 在数列an中，an=项的和. 解： an=212n+×××+，又bn=，求数列bn的前nan×an+1n+1n+1n+112nn+×××+= n+1n+1n+12 12 / 13 bn=211=8(-) nn+1nn+1×2211111118n Sn=8(1-)+(-)+(-)+×××+(- ) 22334nn+1n+1六、合并法求和 针对一些特殊的数列，将某些项合并在一起就具有某种特殊的性质，因此，在求数列的和时，可将这些项放在一起先求和，然后再求Sn. 例 数列an：a1=1,a2=3,a3=2,an+2=an+1-an，求S2002. 解：设S2002a1+a2+a3+×××+a2002 a6k+1=1,a6k+2=3,a6k+3=2,a6k+4=-1,a6k+5=-3,a6k+6=-2 a6k+1+a6k+2+a6k+3+a6k+4+a6k+5+a6k+6=0 S2002a1+a2+a3+×××+a2002 a6k+1+a6k+2+a6k+3+a6k+45 例 在各项均为正数的等比数列中，若a5a6=9,求log3a1+log3a2+×××+log3a10的值. 解：设Sn=log3a1+log3a2+×××+log3a10 由等比数列的性质 m+n=p+qÞaman=apaq Sn=(log3a1+log3a10)+(log3a2+log3a9)+×××+(log3a5+log3a6) 10 七、利用数列的通项求和 先根据数列的结构及特征进行分析，找出数列的通项及其特征，然后再利用数列的通项揭示的规律来求数列的前n项和，是一个重要的方法. 例 求1+11+111+×××+111×3××1之和. 12n个1×××1=解：由于111123k个111´999×××9=(10k-1) 1424399k个1n个1 1+11+111+×××+111×3××1 12110(10n-1)n1- (10n+1-10-9n) ×910-1981 13 / 13